Enunciado

Calcule i , para t > 0 , usando o circuito transformado, se v 0 = 4   V e i 0 = 2   A .

Passo 1

Fala, galerinha do bem! Vamos resolver esse circuitinho aqui começando por transformar o circuito no domínio do tempo para o domínio da frequência:

Na figura, colocamos as condições iniciais pelas fontes de tensão em série com o indutor e capacitor, respeitando a polaridade para cada elemento. Sendo assim, vamos começar a nossa análise.

Passo 2

A gente pode tanto usar o método das tensões de nó ou o das correntes de malha. Vamos escolher as correntes de malha porque temos 2 fontes de corrente e isso nos fornece 2 supermalhas. Isso facilita bastante as contas:

Assim, as duas equações de supernó que temos são:

I a - I b = 1 s

e

I c = - 2 s + 1

Para encontrarmos a terceira equação, vamos “esquecer” as fontes de corrente que contribuíram para o supernó e vamos analisar o que sobra. Assim, obtemos:

3 I a + 1 I a - I c + 2 s I b - I c - 4 + 2 s ⋅ I b + 4 s = 0

⇒ 4 I a + 2 s + 2 s I b - 2 s + 1 I c = 4 1 - 1 s

Substituindo as duas equações de supernó na equação anterior, vamos encontrar que

I a = - ( s 3 + 2 s 2 + 3 s + 1 ) s ( s + 1 ) ;     I b = s ( s + 1 ) ( s 2 + 2 s + 1 ) ;     I c = - 2 s + 1

Passo 3

Não nos foi solicitado as correntes fictícias, mas sim a corrente que passa pelo indutor. No domínio da frequência, essa corrente foi representada pela cor vermelha na figura 2. Assim, comparando as figuras 2 e 3, podemos perceber que

I s = I b - I c =   s s + 1 s 2 + 2 s + 1 - - 2 s + 1

= s s + 1 s 2 + 2 s + 1 + 2 s + 1 ⋅ ( s 2 + 2 s + 1 ) s 2 + 2 s + 1 = s + 2 s 2 + 4 s + 2 s + 1 s 2 + 2 s + 1

= 2 s 2 + 5 s + 2 ( s + 1 ) ( s 2 + 2 s + 1 ) = 2 s 2 + 5 s + 2 s + 1 3

E o que temos que fazer agora é separar esta expressão dada em frações parciais:

2 s 2 + 5 s + 2 ( s + 1 ) ( s 2 + 2 s + 1 ) = A s + 1 3 + B s + 1 2 + C ( s + 1 )

A = s + 1 3 I s s = - 1 = 2 s 2 + 5 s + 2 s = - 1 = 2 - 1 2 + 5 - 1 - 2 = 2 - 5 + 2

⇒ A = - 1

B = d d s s + 1 3 I s s = - 1 = d d s 2 s 2 + 5 s + 2 s = - 1 = 4 s + 5 s = - 1

⇒ B = 4 - 1 + 5 ∴ B = 1

C = 1 2 ! d 2 d s 2 [ s + 1 3 I s ] s = - 1 = 1 2 d d s [ 4 s ] s = - 1 = 1 2 ⋅ 4 ⇒ C = 2

Assim, a expressão para I ( s ) é

I s = - 1 s + 1 3 + 1 s + 1 2 + 2 s + 1

Passo 4

Para encontrarmos a resposta no domínio do tempo, vamos utilizar uma relação que não usamos com frequência neste capítulo, e é a seguinte:

L - 1 1 s + a n = t n - 1 e - a t n - 1 ! u ( t )

Assim, a corrente no domínio do tempo será dada por:

i t = - t 2 2 e - t + t e - t + 2 e - t u ( t )

Resposta

i t = - t 2 2 e - t + t e - t + 2 e - t u ( t )