Teoria

Revisão - Teorema de Stokes

Seja S uma superfície orientada, se F → = F 1 ,   F 2 ,   F 3 é um campo vetorial de classe C 1 (sua primeira derivada é contínua) e se a fronteira de S , que chamaremos de ∂ S está orientada positivamente, pelo Teorema de Stokes:

∬ S   r o t F → . n → d s = ∮ ∂ S   F → . d r

Ou seja, usamos o teorema de Stokes geralmente quando encontramos uma integral de linha difícil de ser calculada mas que possua um rotacional mais tranquilo. A fórmula do rotacional é essa aqui

  r o t F → = ∂ F 3 ∂ y - ∂ F 2 ∂ z ,   ∂ F 1 ∂ z - ∂ F 3 ∂ x ,   ∂ F 2 ∂ x - ∂ F 1 ∂ y

Curvas Abertas

Já vimos que o Teorema de Stokes é usado para uma superfície que possua como fronteira uma curva fechada! Mas e se a fronteira for uma curva aberta e mesmo assim percebermos que pela teorema de Stokes a questão seria muito fácil? Um exemplo é um campo que tenha r o t F → = 0 , iria ser moleza, né?

Neste caso podemos fechar a curva! Uma curva fechada tem o seu final coincidente com o início. Ué, e pode fazer isso? Pode! Desde que façamos uma pequena alteração na fórmula do teorema.

Se temos uma curva aberta qualquer C , para aplicar o teorema de Stokes temos que fechá-la com uma curva C 1 gerando uma superfície S

Dessa forma o teorema de Stokes fica

∫ C F → d r → + ∫ C 1 F → d r → = ∬ S r o t F → . n → d S

Bem simples, né? Perceba que C ∪ C 1 deve ser a fronteira ∂ S , portanto essa soma de integrais de linha volta para o teorema original de Stokes

∫ C F → d r → + ∫ C 1 F → d r → = ∮ ∂ S   F → . d r

O que fizemos, no final das contas, foi só utilizar um artifício matemático pra conseguir usar o teorema mesmo com a curva aberta.

Algumas observações importantes aqui:

1ª Obs: A integral de linha da curva C 1 deve ser simples de calcular! Não adianta nada fazer tudo isso pra ainda ter que calcular uma integral difícil, não é?

2ª Obs: Você pode fechar uma curva com quantas curvas você achar necessário, só lembre-se que teremos que calcular todas essas integrais de linha, então escolha bem qual curva usaremos pra fechar!

3ª Obs: E por fim, para termos uma resolução simples é essencial ter um rotacional bem fácil de integrar! Caso não seja também não vale a pena usar o teorema de Stokes.

Vamos ver um exemplo de uma questão que fica muita tranquila se fecharmos a curva e usarmos o teorema de Stokes

Exemplo: Calcule a integral de linha ∫ C F → d r → onde C é a interseção do cilindro z = 1 - x 2 com o plano y + z = 1 no intervalo - 1 ≤ x ≤ 1 e F → = 3 x 2 y 3 , z e y z + 3 x 3 y 2 , y e y z

Antes de mais nada, vamos fazer um esboço dessa curva

Veja que nossa curva aqui é aberta e, teoricamente, não poderíamos usar o teorema de Stokes aqui. Mas porque tentar fechar a curva só pra usar esse tal teorema? Não vai dar muito mais trabalho? Essa é a pergunta chave! Nesse caso aqui fechar a curva facilita muito, olha o rotacional desse campo

r o t F → = ∂ F 3 ∂ y - ∂ F 2 ∂ z ,   ∂ F 1 ∂ z - ∂ F 3 ∂ x ,   ∂ F 2 ∂ x - ∂ F 1 ∂ y

r o t F → = e y z + y z e y z - e y z + y z e y z , 0 - 0,9 x 2 y 2 - 9 x 2 y 2

r o t F → = 0,0 , 0

Perfeito, não é? Com o rotacional nulo, aquela integral dupla do teorema de Stokes fica igual a zero!

Bom, essa é a primeira parte pra valer a pena fechar a curva, a segunda observação que devemos fazer é procurar uma curva C 1 simples pra fechar a tal curva, uma reta geralmente é uma boa escolha, nesse caso aqui

Perceba que o enunciado nos deu a curva C no intervalo de - 1 ≤ x ≤ 1 , portanto o sentido que escolhemos para a nova curva deve ser tal que se forme uma superfície orientada.

Vamos voltar para o enunciado, as extremidades da curva C são os pontos em que

x = 1 , y = 1 , z = 0 → ( 1,1 , 0 )

x = - 1 , y = 1 , z = 0 → ( - 1,1 , 0 )

Portanto a reta nada mais é a que liga ( 1,1 , 0 ) até ( - 1,1 , 0 ) e podemos parametrizá-la como ( - t , 1,0 ) onde - 1 ≤ t ≤ 1 , incrivelmente simples, né?

Voltando para o enunciado do teorema de Stokes

∫ C F → d r → + ∫ C 1 F → d r → = ∬ S r o t F → . n → d S

Onde r o t F → = 0,0 , 0 , portanto essa integral dupla vale zero!

∫ C F → d r → = - ∫ C 1 F → d r →

Só precisamos calcular a integral de linha dessa curva bem mais simples! Vamos finalizar então

C 1 : σ t = ( - t , 1,0 )

σ ' t = - 1,0 , 0

F → x , y , z = 3 x 2 y 3 , z e y z + 3 x 3 y 2 , y e y z

F → t = 3 t 2 , 0 + 3 - t 3 , 1 e 0

F → t = 3 t 2 , - 3 t 3 , 1

∫ C 1 F → d r → = ∫ - 1 1 3 t 2 , - 3 t 3 , 1 . - 1,0 , 0 d t

= ∫ - 1 1 - 3 t 2 d t = - t 3 - 1 1 = - 1 - - 1

∫ C 1 F → d r → = - 2

Pronto, agora é só voltar teorema de Stokes

∫ C F → d r → = - ∫ C 1 F → d r →

∫ C F → d r → = - - 2

∫ C F → d r → = 2

Tranquilo, não é? É muito importante perceber quando vale a pena fazer esse macete de fechar a curva, vamos pros exercícios praticar isso pra entender melhor!