Teoria

Por Integral

Fala meu povo, vamos trocar uma ideia sobre um conceito que a gente já conhece só que agora envolvendo integrais, mas porque diabos envolver integrais? Já que o trabalho era dado por:

W = F d

Em alguns casos como no exemplo que a gente vai ver não é possível calcular da maneira antiga e isso rola porque a força varia ao longo do caminho, se liga aqui:

Imagina que o Sr. José empurra uma caixa ao longo do caminho com uma força   F   → que varia ao longo do percurso no eixo x segundo a função F x = 2 x . Qual é o trabalho realizado se a distância percorrida é 100m?

Pra esses tipos de caso, a gente usa a seguinte equação:

W = ∫ x 1 x 2 F → ⋅   d x →  

Repare que aqui temos a integral de um produto escalar lembrando que esse produto pode ser reescrito como:

W = ∫ x 1 x 2 F ( x ) d x c o s ⁡ ( θ )

Onde θ é o ângulo entre as forças, e no caso do Sr. José a força que ele aplica é paralela a distância sendo assim θ = 0 , e c o s θ = 1 , então a nossa integral fica para essas situações:

W = ∫ x 1 x 2 F ( x ) d x

E agora podemos substituir os limites de integração e a função da força:

W = ∫ 0 100 2 x d x

E resolvendo a integral teremos:

W = 2 x 2 2 ​ 0 100

E enfim:

W = 100 2 = 10 4 J

Outro caso interessante é o caso da mola, a própria força da mola já é em função da distância, saca só:

F → = - k x

Pra calcular o trabalho realizado por essa mola vamos substituir a força dentro da integral

W = ∫ x 1 x 2 F → ⋅   d x →  

E aqui a força é paralela a distância portanto a gente pode fazer como para o primeiro exemplo e dizer que:

W = ∫ x 1 x 2 F ( x ) d x

E enfim substituindo o valor de F :

W m o l a = - k ∫ x 1 x 2 x . d x

Passando os limites de integração temos:

W m o l a = - k x 2 2 2 - x 1 2 2

W m o l a = k x 1 2 2 - k x 2 2 2

Como geralmente a mola parte do x 1 = 0 , fica com aquela formulazinha conhecida:

W m o l a = k x 2 2

Qualquer tipo de trabalho de força elástica pode ser encontrado dessa forma.

Um caso mais complicado é quando a força atua em duas direções, imagina alguém puxando uma caixa numa rampa diagonal com a força sendo dada por   F → = 2 x ,   1 N num plano liso como mostra a figura:

Aqui o nosso problema é bem interessante, a nossa força varia em x mas a força em y é constante vamos dividir esse cálculo em duas parcelas decompondo as forças dessa forma:

Aqui o trabalho realizado em   x :

W x = ∫ x 1 x 2 F ( x ) d x

Onde a força é paralela a distância x e como vimos no começo da teoria podemos dispensar a notação de produto escalar.

Um bizu supeeer importante é que a força em y não gera trabalho na distância em x e vice-versa justamente por causa daquele produto escalar que foi falado:

W y = ∫ x 1 x 2 F ⋅ d x c o s ⁡ ( θ )

Se a força F está na direção y e a distância d x na direção x teremos um ângulo de 90 ° entre os vetores e cos ⁡ 90 ° = 0 .

Então aqui podemos substituir nossos valores e aí:

W x = ∫ 0 6 2 x d x = 2 x 2 2 ​ 0 6

E enfim:

W x = W = 6 2 - 0 2 = 36 J

Por área

Tem outra forma muito maneira que a gente pode usar também! Tu que é um bom cara de cálculo, o que te lembra integral, hein? Lembra área!

Nãooooo !!! Essa aí é a área do goleiro, hahahaha.

A forma de calcular o trabalho é calcular a área embaixo do gráfico F → × d , vamos encontrar quanta energia ou trabalho gasta uma máquina que aumenta constantemente a força e depois se estabiliza como mostrado no gráfico abaixo.

E aqui é muiiito de boa, você pode calcular um trapézio ou a área de um triângulo e a de um retângulo e somar as duas, pelo trapézio a gente tira direto o valor:

W = A = B a s e   m e n o r + B a s e   m a i o r × A l t u r a 2

E substituindo:

W = 20 + 20 - 10 × 100 2

Então temos:

W = 1500 N

Por área

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