Enunciado

Verifique o Teorema de Green usando um sistema de computação algébrica para calcular tanto a integral de linha como a integral dupla.

P x , y = 2 x - x 3 y 5 ,     Q x , y = x 3 y 8

C é uma elipse 4 x 2 + y 2 = 4 .

Passo 1

Fala pessoal !

O Teorema de Green fornece uma relação entre uma integral de linha ao redor de uma curva fechada simples C e uma integral dupla sobre a região do plano D delimitada por C .

Ao enunciarmos o Teorema de Green, usamos a convenção de que a orientação positiva de uma curva fechada simples C refere-se ao sentido antihorário de C , percorrido só uma vez.

Se P e Q têm derivadas parciais de primeira ordem contínuas sobre uma região aberta que contenha D , então

∬ P d x + Q d y = ∬ ∂ Q ∂ x - ∂ P ∂ y d A

A curva C e região D são exibidas abaixo.

O exercício pede para fazermos a integral de linha e a integral dupla pelo teorema de Green.

Para resolver a integral de linha precisamos fazer a parametrização da curva através de coordenadas polares para facilitar os cálculos e achar seus intervalos.

Após parametrizar iremos substituir os novos valores de x   e   y nas funções P x , y e   Q x , y que o enunciado nos informa .

Assim iremos obter a nossa integral :

∫ P d x + Q d y = ∫ 2 x - x 3 y 5 d x + x 3 y 8 d y

Seguindo o teorema de green iremos precisar achar as derivadas parciais ∂ Q ∂ x e ∂ P ∂ y .

Com essas informações poderemos obter a estrutura da nossa integral e resolvê-la utilizando sistema de computação algébrica .

Para calcular a integral dupla vai ser mais fácil porque não precisamos parametrizar a curva. Então iremos apenas substituir os valores das derivadas parciais ∂ Q ∂ x e ∂ P ∂ y , achar os intervalos da curva e substituir na integral:

∬ ∂ Q ∂ x - ∂ P ∂ y d A

Passo 2

Bom, vamos começar pela curva dada , que foi uma elipse que obedece a equação

4 x 2 + y 2 = 4 .

Dividindo a equação por 4 podemos reescrevê-la da seguinte maneira:

C : x 2 + y 2 2 = 1

Podemos parametrizar agora. Lembrando que iremos usar as coordenadas polares, logo :

x = r c o s   θ   ,     y = r s e n   θ

Pela equação da elipse sabemos que os raios serão :

C : x r 1 2 + y r 2 2 = 1

Logo:

No eixo x : r 1 = 1

No eixo y : r 2 = 2

Reescrevendo as equações paramétricas:

x = c o s   θ   ,     y = 2 s e n   θ

Vamos achar agora os intervalos , de acordo com a curva mostrada no passo anterior podemos afirmar que :

    0 ≤ θ ≤ 2 π

Passo 3

Agora vamos reescrever os novos valores de x   e   y nas funções P x , y e   Q x , y :

Sabemos que :

P x , y = 2 x - x 3 y 5    

e

Q x , y = x 3 y 8

Substituindo : x = c o s   θ   ,     y = 2 s e n   θ

P x , y = ( 2 c o s θ - c o s θ 3 2 s e n θ 5    

e

Q x , y = c o s θ 3 2 s e n θ 8

Substituindo na integral:

∫ P d x + Q d y = ∫ 0 2 π ( 2 c o s θ - c o s θ 3 2 s e n θ 5 d x + c o s θ 3 2 s e n θ 8 d y

Agora precisamos trocar os diferenciais d x e d y e colocá-los em função de d θ :

Como:

→ x = c o s θ

d x = - s e n θ   d θ

→ y = s e n   θ

d y = 2 c o s θ   d θ

Substituindo na integral:

∫ 0 2 π ( 2 c o s θ - c o s θ 3 2 s e n θ 5 - s e n θ d θ + c o s θ 3 2 s e n θ 8 ( 2 c o s θ d θ )

Fazendo as multiplicações e simplificando :

∫ P d x + Q d y = ∫ 0 2 π 2 c o s θ   s e n θ ( 16   c o s   θ   s e n 4 θ + 256   c o s 3 θ   s e n 7 θ - 1 )   d θ  

Fazendo uso de um sistema de computação algébrica, chegamos ao seguinte resultado:

∫ P d x + Q d y = ∫ 0 2 π 2 c o s θ s e n θ ( 16 θ s e n 4 θ + 256 θ s e n 7 θ - 1 )   d θ   = 7 π

Passo 4

Agora, vamos olhar para a integral dupla!

∬ ∂ Q ∂ x - ∂ P ∂ y d A

lembrando que :

P x , y = 2 x - x 3 y 5    

e

Q x , y = x 3 y 8

Precisamos calcular as derivadas parciais aí de cima. Isso é moleza!

∂ Q ∂ x = ∂ ∂ x x 3 y 8 = 3 x 2 y 8

∂ P ∂ y = ∂ ∂ y 2 x - x 3 y 5 = - 5 x 3 y 4

Os limites de integração podem sem encontrados a partir da equação da curva C .

4 x 2 + y 2 = 4

Isolando o y :

y 2 = 4 - 4 x 2 = 4 ( 1 - x 2 )

y = ± 4 1 - x 2 = ± 2 1 - x 2

Assim, x varia de - 1   a   1 .

Desse modo, podemos escrever nossa integral dupla como:

∫ - 1 1 ∫ - 2 1 - x 2 2 1 - x 2 3 x 2 y 8 + 5 x 3 y 4 d y d x

Fazendo uso de um sistema de computação algébrica, chegamos ao seguinte resultado:

∫ - 1 1 ∫ - 2 1 - x 2 2 1 - x 2 3 x 2 y 8 + 5 x 3 y 4 d y d x = 7 π

Depois de muita conta, verificamos o Teorema de Green!

Resposta

∫ 0 2 π 2 c o s θ s e n θ ( 16 θ s e n 4 θ + 256 θ s e n 7 θ - 1 )   d θ   = 7 π

e

∫ - 1 1 ∫ - 2 1 - x 2 2 1 - x 2 3 x 2 y 8 + 5 x 3 y 4 d y d x = 7 π

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Determine ∮ C x 2 + y + 2 x y 3 d x + 5 x + 3 x 2 y 2 + yd y onde C é a reunião das curvas C 1 ,C 2 e C 3 dadas por C 1 : x 2 + y 2 = 1 ,y ≥ 0 ; C 2 : x + y + 1 = 0 , - 1 ≤ x ≤ 0 ; C 3 : x - y - 1 = 0
Calcule as seguintes integrais, ao longo das curvas C , orientadas positivamente.a. ∮ C y 2 d x + x 2 d y C é a fronteira do quadrado D = - 1,1 × - 1,1
Calcule as seguintes integrais, ao longo das curvas C , orientadas positivamente.b. ∮ C 3 x 2 + y d x + 4 y 2 d y C é a fronteira do triangulo de vértices. 0,0 , 1,0 , 0,2
Calcule as seguintes integrais, ao longo das curvas C , orientadas positivamente.c. ∮ C e x - 3 y d x + e y - 6 x d y C é a elipse de equação x 2 + 4 y 2 = 1
Calcule as seguintes integrais, ao longo das curvas C , orientadas positivamente.e. ∮ C 2 x y - x 2 d x + x - y 2 d y C é a fronteira da região limitada por y = x 2 y 2 = x