Enunciado

Encontre o limite. Use a regra de L’Hospital quando for apropriado. Se existir um método mais elementar, use-o. Se a regra de L’Hospital não for aplicável, explique por quê.

lim x → 0 ⁡ e x - e - x - 2 x x - s e n   x

Passo 1

E aí, galerinha! 😁

Bom, essa questão pede pra gente usar a regra de L’Hospital para calcular o seguinte limite:

lim x → 0 ⁡ e x - e - x - 2 x x - s e n   x

E se existir um método mais elementar, devemos usá-lo. Se a regra de L’Hospital não for aplicável, devemos explicar o porquê.

Então vamos relembrar que regra é essas para que a gente possa usar.

A Regra de L'Hôpital é um teorema que ajuda a gente a calcular limites de formas indeterminadas.

A regra diz que, nesses casos, o limite da fração é igual ao limite da derivada do numerador dividida pelo limite da derivada do denominador, supondo funções deriváveis no intervalo de interesse.

Assim, se

lim x → a ⁡   f x g x = ∞ ∞

Ou se

lim x → a ⁡   f x g x = 0 0

Podemos fazer:

lim x → a ⁡   f x g x = lim x → a ⁡   f ' x lim x → a ⁡   g ' x

Agora vamos tentar calcular nosso limite.

Passo 2

Vamos verificar se o limite é indeterminado, susbituindo x por 0 temos que

e x - e - x - 2 x x - s e n   x →   e 0 - e 0 - 0 0 - s e n   0 = 0 0

Assim , o limite é indeterminado do tipo 0/0 e podemos aplicar a regra de L’Hospital.

Passo 3

Aplicando a regra derivando tanto o numerador como o denominador:

lim x → 0 ⁡ e x - e - x - 2 x x - s e n   x

Derivando o numerador e o denominador.

Como no numerador temos:

e x - e - x - 2 x

Lembraremos que a derivada da exponencial é dada por:

e u ' = e u ⋅ u '

E a derivada de uma constante é sempre igual a zero.

Assim:

e x - e - x - 2 x ' = e x + e - x - 2

E no denominador, temos:

x - s e n   x

E a derivada do seno é tabelada. Assim

x - s e n   x ' = 1 - cos ⁡ x

E nosso limite se transforma em :

lim x → 0 ⁡ e x + e - x - 2 1 - cos ⁡ x

Trocando x por 0 temos que

e x + e - x - 2 1 - cos ⁡ x → 1 + 1 - 2 1 - 1 = 0 0

Temos novamente uma indeterminação. Podemos, então, aplicar a regra novamente.

Passo 4

Derivando o numerador e o denominador novamente:

lim x → 0 ⁡ e x + e - x - 2 1 - cos ⁡ x

Como no numerador temos:

e x + e - x - 2

Lembraremos que a derivada da exponencial é dada por:

e u ' = e u ⋅ u '

E a derivada de uma constante é sempre igual a zero.

Assim:

e x + e - x - 2 ' = e x - e - x

E no denominador, temos:

1 - cos ⁡ x

E a derivada cosseno é tabelada. Assim

1 - cos ⁡ x ' = s e n   x

E nosso limite se transforma em :

lim x → 0 ⁡ e x - e - x s e n   x

Trocando x por 0 temos que

e x - e - x s e n   x →   1 - 1 0 = 0 0

Como temos uma indeterminação do tipo 0/0, aplicamos a regra pela terceira vez.

Passo 5

E pela terceira vez fazendo as derivadas teremos o limite se transformando em:

lim x → 0 ⁡ e x - e - x s e n   x

Nosso limite se transforma em:

lim x → 0 ⁡ e x + e - x cos ⁡ x = 1 + 1 1 = 2

Assim,

lim x → 0 ⁡ e x - e - x - 2 x x - s e n   x = 2

E finalmente temos nosso limite sem indeterminação.

Resposta

lim x → 0 ⁡ e x - e - x - 2 x x - s e n   x = 2

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