Enunciado

Nos exercícios de 23 a 42, prove que o limite é o número indicado, aplicando a Definição 2.1.1.

42) lim x → 1 ⁡ 4 x ² - 13 x + 12 = 3

Passo 1

Para satisfazer a Definição 2.1.1 precisamos mostrar que para todo ϵ > 0 , existe um δ > 0 . Para começar vamos definir os valores de f x ,   a   e   L . Dada a definição de limite:

lim x → a ⁡ f ( x ) = L

Assumimos que:

f x = 4 x ² - 13 x + 12

a = 1

L = 3

Sendo assim:

0 < x - 1 < δ

f x - 3 < ϵ

Para encontrar um δ > 0 o primeiro passo é substituir f x na desigualdade:

Passo 2

Substituindo f x :

4 x ² - 13 x + 12 - 3 < ϵ

4 x ² - 13 x + 9 < ϵ

Fatorando:

4 ( x - 2,25 ) ( x - 1 ) < ϵ

( 4 x - 9 ) ( x - 1 ) < ϵ

Pela definição de módulo:

4 x - 9 | | ( x - 1 ) < ϵ

Pela desigualdade que o problema nos forneceu, temos:

x - 1 < δ

Em seguida precisamos obter uma desigualdade para o termo ( 4 x - 9 ) .   Essa desigualdade poderá ser obtida impondo uma restrição a δ , sendo assim podemos assumir que δ = 1 :

x - 1 < 1

Removendo o módulo:

- 1 < x - 1 < 1

A partir desta desigualdade podemos chegar a ( 4 x - 9 ) multiplicando seus termos por 4 e subtrair 5:

- 9 < 4 x - 9 < - 1

Usando as propriedades de módulo para intervalos negativos:

| - 1 | < | 4 x - 9 | < | - 9 |

1 < | 4 x - 9 | < 9

Então

4 x - 9 < 9       e       x - 1 < δ

Substituindo :

4 x - 9 | | ( x - 1 ) = δ . 9 < ϵ

δ < ϵ 9

Isso significa que devemos impor sobre δ duas restrições, δ ≤ 1   e δ ≤ ϵ 9 . Assim sendo, ambas as restrições estarão satisfeitas de tomarmos o menor desses dois números, em símbolos δ = min ⁡ ( 1 , ϵ 9 )

Assim, estabelecemos que tendo escolhido δ = min ⁡ ( 1 , ϵ 9 ) , para todo   ϵ > 0 , a seguinte afirmativa é verdadeira:

se

0 < x - 1 < δ

então

f x - 3 < ϵ

Isso prova que

lim x → 1 ⁡ 4 x ² - 13 x + 12 = 3

Resposta

δ = min ⁡ ( 1 , ϵ 9 )

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