Enunciado

Calcule a integral de superfície.

∬ z 2 d S

S é a parte do paraboloide x = y 2 + z 2 dado por 0 ≤ x ≤ 1 .

Passo 1

E aiii galera, beleza!?

Nosso objetivo é calcular a integral de superfície:

∬ z 2 d S

Onde S é parte do paraboloide:

x = y 2 + z 2   d a d o   p o r   0 ≤ x ≤ 1

Primeiro vamos lembrar como podemos escrever um integral de superfície. Dessa forma:

∬ f x , y , z d S = ∬ f x , y , z ∂ x ∂ y 2 + ∂ x ∂ z 2 + 1   d A

d A = d y d z

Sabemos que:

f x , y , z = z 2

Precisamos achar as derivadas parciais de x em relação a y e z , e substituir na integral. Repare que essa expressão tem a cara de uma circunferência:

x = y 2 + z 2

r 2 = y 2 + z 2

Uma circunferência no plano y z e raio r = x . Como x varia de 0 ≤ x ≤ 1 , temos que o raio é:

0 ≤ r ≤ 1

Em coordenadas polares, a parametrização fica:

y = r   c o s   θ

z = r   s e n   θ

d A = r d r d θ

0 ≤ θ ≤ 2 π

Com essas informações, você já consegue montar a integral e resolvê-la!

Vamos nessa!

Passo 2

Para calcularmos essa integral de superfície, precisamos trabalhar inicialmente com as equações paramétricas. Sabemos que:

f x , y , z = z 2

Temos a integral de superfície:

∬ f x , y , z d S = ∬ f x , y , z ∂ x ∂ y 2 + ∂ x ∂ z 2 + 1 d A

Precisamos achar as derivadas parciais de x .

x = y 2 + z 2

Assim,

∂ x ∂ y = 2 y

∂ x ∂ z = 2 z

Substituindo na integral, vamos ter:

∬ z 2 2 y 2 + 2 z 2 + 1 d A

∬ z 2 4 z 2 + 4 y 2 + 1 d A

Passando para coordenadas polares, temos:

∫ 0 2 π ∫ 0 1   r 2 sen 2 ⁡ θ 1 + 4 r 2   r d r d θ

∫ 0 2 π ∫ 0 1   r 3 sen 2 ⁡ θ 1 + 4 r 2   d r d θ

Apenas substituímos:

y = r   c o s   θ

z = r   s e n   θ

d A = r d r d θ

E os limites de integração:

0 ≤ r ≤ 1

0 ≤ θ ≤ 2 π

Passo 3

Agora, precisamos resolver a integral:

∫ 0 2 π ∫ 0 1   r 3 sen 2 ⁡ θ 1 + 4 r 2   d r d θ

Lembre-se que quando integramos em uma variável, tudo que não depende dela consideramos uma constante. Assim, podemos fazer o seguinte:

∫ 0 2 π sen 2 ⁡ θ   d θ ∫ 0 1   r 3 1 + 4 r 2   d r

Repare, que podemos separar em duas multiplicações de integrais. Isso só é possível porque os termos são independentes, ou seja, a função de r depende somente dela e a função de θ também somente dela.

Podemos usar a seguinte propriedade trigonométrica na primeira integral:

sen 2 ⁡ θ = 1 - cos ⁡ 2 θ 2

Agora, na segunda integral, vamos resolver por substituição de variável. Seja:

u = 1 + 4 r 2

d u = 8 r d r → d u 8 = r d r

Também vamos mudar os limites de integração da variável r para facilitar. Basta aplicarmos r = 0 e r = 1 na expressão:

u = 1 + 4 r 2

Ficando assim:

u = 1 + 4 0 2 = 1

u = 1 + 4 1 2 = 5

Assim, ficamos com:

∫ 0 2 π 1 2 - 1 2 cos ⁡ 2 θ d θ ∫ 1 5 u - 1 4 u d u 8  

Passo 4

Agora vamos integrar. Mas antes organizado um pouco a integral, ficamos com:

∫ 0 2 π 1 2 - 1 2 cos ⁡ 2 θ d θ 1 32 ∫ 1 5 u 3 2 - u 1 2   d u

Integrando em d θ e integrando em d u vamos ter:

θ 2 - 1 4 sin ⁡ 2 θ 0 2 π ⋅ 1 32 2 5 u 5 2 - 2 3 u 3 2 1 5

Aplicando os limites de integração da variável θ , temos:

= π 32 2 5 u 5 2 - 2 3 u 3 2 1 5

Agora, aplicando os limites de integração de u , vamos ter:

π 32 2 5 5 2 5 - 2 3 5 5 - π 32 2 5 1 2 1 - 2 3 1 1

Dessa forma, nossa resposta é:

∬ f x , y , z d S = π 120 25 5 + 1

Resposta

∬ f x , y , z d s = π 120 25 5 + 1

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