Enunciado

Calcule a integral tripla

∭ E x d V

Onde E é limitado pelo parabolóide x = 4 y 2 + 4 z 2 e pelo plano x = 4

Passo 1

Opa, tudo certinho? Temos uma questão que nos pede o cálculo do volume de uma região entre um parabolóide qualquer e um plano x = 4 . Temos que encontrar uma forma de representar os limites desses paraboloide e desse plano nos limites de integração. Veja que em muitos casps vale a pena transformar a equação do parabolóide em coordendas cilíndricas, e esse é um desses casos, pois facilita e muito a solução do exercício.

Nessa questão aqui, o parabolóide não tá escrito de forma usual. Geralmente a gente tem a equação do tipo z = … , só que agora a nossa equação é x = 4 y 2 + 4 z 2 . Desse jeito não vai ser tão diferente do que a gente tá acostumado, mas tem que prestar atenção pra não dar mole, beleza?

Como o nosso parabolóide é paralelo ao eixo x vamos usar o sistema de coordenadas cilindricas definido da seguinte forma

x = x

y = ρ c o s θ

z = ρ sen ⁡ θ

Show ? É como se tivessemos feito uma rotação de eixos!

E o jacobiano é aquele mesmo de coordenadas cilindricas, então

d V = ρ d ρ d θ d x

Beleza! A nossa integral então vai ficar

∭ E x   ρ d ρ d θ d x

Passo 2

Agora temos que determinar os limites de integração! Só pra guiar a gente, aqui um esboço do parabolóide e do plano x = 4

Veja que o eixo em azul é o eixo z , em vermelhor o eixo x e em verde o y .

Vamos escrever a integral em função de x , sabemos que x é limitado em x = 4 , pelo plano. Então já temos que

4 y 2 + 4 z 2 ≤ x ≤ 4

Mas como

x = 4 y 2 + 4 z 2 = 4 ρ c o s θ 2 + 4 ρ sen ⁡ θ 2

= 4 ρ 2 s e n 2 θ + cos 2 ⁡ θ

x = 4 ρ 2

Então vamos ter

0 ≤ x ≤ 4

0 ≤ 4 ρ 2 ≤ 4

0 ≤ ρ ≤ 1

Perceba que a figura faz uma voltla completa em relação ao eixo x . De modo que:

0 ≤ θ ≤ 2 π

Show! Agora é só montar a integral!

Passo 3

A nossa integral fica assim

∫ 0 2 π d θ ∫ 0 1 ρ d ρ ∫ 4 y 2 + 4 z 2 4 x d x

Então

∫ 0 4 x d x = x 2 2 4 y 2 + 4 z 2 4 = 1 2 4 2 - 4 y 2 + 4 z 2 2

Substituindo os valores de x e y .

1 2 16 - 4 ρ 2 c o s 2 θ + 4 ρ 2 s e n θ 2  

Temos:

1 2 16 - 4 ρ 2 2

Resolvendo a potência:

1 2 16 - 16 ρ 4 = 8 ( 1 - ρ 4 )

Substituindo:

∫ 0 2 π ∫ 0 1 8 1 - ρ 4 ρ d ρ   d θ = 8 ∫ 0 2 π ∫ 0 1 ρ - ρ 5   d ρ d θ  

Resolvendo a integral:

8 ∫ 0 2 π ∫ 0 1 ρ - ρ 5 5   d ρ d θ =   8 ∫ 0 2 π ∫ 0 1 ρ 2 2 - ρ 6 6   d ρ d θ

Finalizando temos:

8 ⋅ 2 π   ⋅ 1 2 - 1 6

Show! O resultado da nossa integral será

16 π   ⋅ 1 3 Show! Conseguimos :D

Resposta

16 π   ⋅ 1 3

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Escrever na forma de uma integral tripla iterada: ∫ ∫ ∫ T f d V Onde T é a região delimitada por z = x 2 + y 2 - 4 , z = 4 - x 2 - y 2 .
Calcular a integral tripla dada sobre a região indicada ∫ ∫ ∫ T x y d V Onde T é o solido do primeiro octante limitada por z = 4 - x 2,y = 0 ,z = 0ey = x .
Esboçar a região de integração e calcular as integrais ∫ 0 1 ∫ x 2 x ∫ 0 2 + x + y x d z d y d x
Esboçar a região de integração e calcular as integrais ∫ 0 1 ∫ 0 1 - y ∫ 0 1 - x - y d z d x d y
Esboçar a região de integração e calcular as integrais ∫ 0 2 ∫ 0 x 2 ∫ 0 y y d z d y d x