Enunciado

  1. Use o exercício 77 para mostrar que o ângulo entre a reta tangente e a reta radial é ψ = π 4 em cada ponto na curva r = e θ .
  2. Ilustre a parte ( a ) traçando, com uma ferramenta gráfica, a curva e a reta tangente aos pontos onde θ = 0 e θ = π 2 .
  3. Demonstre que qualquer curva polar r = f ( θ ) com a propriedade de que o ângulo ψ entre a reta radial e a reta tangente é uma constante deve ser do tipo r = C e k θ , onde C e k são constantes.

Passo 1

Eaee, belezinha??? Bom... queremos utilizar o exercício anterior (questão 77) para mostrar que o ângulo entre a reta tangente e a reta radial é ψ = π 4 em cada ponto na curva r = e θ .

Para isso, lembre-se que:

tan ⁡ ψ = r d r d θ

Ou seja, a tangente entre o ângulo entre a reta tangente e a reta radial é dada pela razão entre r e a derivada de r em relação a θ .

Em seguida, utilizando uma ferramenta gráfica, vamos traçar a curva e a reta tangente aos pontos onde θ = 0 e θ = π 2 .

Por fim, queremos demonstrar que qualquer curva polar r = f ( θ ) com a propriedade de que o ângulo ψ entre a reta radial e a reta tangente é uma constante deve ser do tipo:

r = C e k θ

Onde C e k são constantes.

Aah... como estamos trabalhando com tangentes (e, portanto, derivadas) em coordenadas polares, precisamos ter em mente a seguida expressão da derivada:

d y d x = d y d θ d x d θ = d r d θ sen ⁡ θ + r cos ⁡ θ d r d θ cos ⁡ θ - r sen ⁡ θ

Passo 2

Vamos começar pela letra (a).

O enunciado nos disse que:

r = e θ

Então, fazendo a derivada de r em relação a θ , temos:

d r d θ = e θ

Assim, substituindo na equação do exercício anterior:

tan ⁡ ψ = r d r d θ ∴

tan ⁡ ψ = e θ e θ ∴

tan ⁡ ψ = 1

E o ângulo cuja tangente é 1 é π 4 , logo:

ψ = π 4

Passo 3

(b)

Traçando a curva com uma ferramenta gráfica, temos:

Passo 4

Agora vamos achar as equações das retas tangentes nos pontos correspondentes a θ = 0 e θ = π 2 .

A inclinação da reta tangente é dada por:

d y d x = d y d θ d x d θ = d r d θ sen ⁡ θ + r cos ⁡ θ d r d θ cos ⁡ θ - r sen ⁡ θ

Assim, aplicano a derivada, temos:

d y d x = e θ sen ⁡ θ + e θ cos ⁡ θ e θ cos ⁡ θ - e θ sen ⁡ θ

Quando θ = 0 , temos:

d y d x = e 0 sen ⁡ 0 + e 0 cos ⁡ 0 e 0 cos ⁡ 0 - e 0 sen ⁡ 0 ∴

d y d x = 1

E quando θ = π 2 , temos

d y d x = e π 2 sen ⁡ π 2 + e π 2 cos ⁡ π 2 e π 2 cos ⁡ π 2 - e π 2 sen ⁡ π 2 ∴

d y d x = - 1

Passo 5

Além disso precisamos descobrir quando valem x e y quando θ = 0 e θ = π 2 .

Lembrando que podemos relacionar as coordenadas cartesianas com as polares utilizando a seguinte conversão:

x = r cos ⁡ θ

y = r sen ⁡ θ

Então, quando θ = 0 , temos:

x = e 0 cos ⁡ 0 = 1

y = e 0 sen ⁡ 0 = 0

E quando θ = π 2 , temos

x = e π 2 cos ⁡ π 2 = 0

y = e π 2 sen ⁡ π 2 = e π 2

Passo 6

As equações das retas tangentes são dadaas por:

y - y 0 = d y d x ( x - x 0 )

Onde x 0 , y 0 é um ponto conhecido.

No nosso caso, temos o ponto x 0 , y 0 = 1 ,   0 , portanto:

y - 0 = 1 x - 1 ∴

y = x - 1

Obs: lembre-se que aqui d y d x = 1 .

E, para o ponto x 0 , y 0 = 0 ,   e π 2 , temos:

y - e π 2 = - 1 ( x - 0 )   ∴

y = - x + e π 2

Obs: lembre-se que aqui d y d x = - 1 .

Passo 7

Traçando essas duas retas junto com o gráfico que traçamos no passo 3:

Passo 8

(c)

Vamos chamar:

tan ⁡ ψ = a

Assim,

a = r d r d θ ∴

d r d θ = 1 a r

E temos uma EDO separável para resolver.

Passo 9

Pra resolver isso, multiplicando cruzando:

d r r = 1 a d θ

Integrando de ambos os lados:

∫ d r r = ∫ 1 a d θ

Resolvendo as integrais:

ln ⁡ r + c 1 = 1 a θ + c 2

Lembrando que 1 a é uma constante.

Falando em constante, vamos juntar as constantes c 1   e   c 2 e vamos isolar o r :

ln ⁡ r = 1 a θ + C ∴

r = e 1 a θ + C ∴

r = e 1 a θ ∙ e C

E se a gente chamar e C = C e 1 a = k ficamos com a mesma notação da questão e chagamos exatamente onde ela nos pediu:

r = C e k θ

Resposta

  1. Demonstração.
  2. Demonstração.
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