Enunciado

Determine os valores de equilíbrio de θ e a estabilidade do equilíbrio em cada posição para a roda não balanceada sobre a rampa de 10°. O atrito estático é suficiente para prevenir deslizamento. O centro de massa está em G .

Passo 1

Se o sistema está em equilíbrio, ao girarmos a roda em torno de um ângulo pequeno δ θ , devemos ter uma variação da energia potencial do sistema igual a zero:

δ V δ θ = 0

Além disso, se a segunda derivada da função potencial for positiva, o equilíbrio será estável:

δ 2 V δ θ 2 > 0 → E q u i l í b r i o   e s t á v e l

Então, vamos calcular a variação da energia potencial gravitacional relacionada com θ , e tentar satisfazer a condição de equilíbrio estável.

Passo 2

O primeiro passo é determinar as coordenadas do centro de massa da roda. Vamos definir que o ponto de altura zero ocorre quando θ = 0 . Então para um giro θ a roda anda uma distância r θ no plano, para cima.

A altura do centro de massa então é:

y = r θ sen ⁡ 10 ° + r cos ⁡ 10 ° - r - cos ⁡ ( θ - 10 ° )

Substituindo os valores das distâncias:

y = 0,1 θ sen ⁡ 10 ° - 0,1 cos ⁡ 10 ° - 0,06 cos ⁡ ( θ - 10 ° )

Passo 3

Agora vamos obter a expressão da variação δ V da energia potencial gravitacional. A variação δ y da altura do centro de massa em função e δ θ é obtida por derivação de y :

δ y = 0,1 sen ⁡ 10 ° + 0,06 sen ⁡ ( θ - 10 ° ) δ θ

Então temos a expressão de δ V :

δ V = m g   δ y = m g 0,1 sen ⁡ 10 ° + 0,06 sen ⁡ ( θ - 10 ° ) δ θ

Queremos que a derivada da função potencial em relação a θ seja zero:

δ V δ θ = m g 0,1 sen ⁡ 10 ° + 0,06 sen ⁡ ( θ - 10 ° ) = 0

⇒ 0,1 sen ⁡ 10 ° + 0,06 sen ⁡ ( θ - 10 ° ) = 0

⇒ sen ⁡ ( θ - 10 ° ) = - 0,1 sen ⁡ 10 ° 0,06 = - 0,2894

Então aplicamos o inverso do seno, e achamos θ :

θ - 10 ° = arcsen ⁡ ( - 0,2894 )

⇒ θ = 10 ° + arcsen ⁡ ( - 0,2894 )

Os valores obtidos são então:

θ = - 6,82 °

θ = 207 °

Agora vamos verificar o equilíbrio estável. Derivando novamente a função, temos:

δ 2 V δ θ 2 = 0,06 m g cos ⁡ ( θ - 10 ° )

Para θ = - 6,82 ° , temos:

δ 2 V δ θ 2 = 0,06 m g cos ⁡ ( - 16,82 ° ) = 0,0574 m g > 0

Então temos um equilíbrio estável nesse caso.

Para θ = 207 ° , temos:

δ 2 V δ θ 2 = 0,06 m g cos ⁡ ( 260 ° ) = - 0,0104 m g < 0

Então temos um equilíbrio instável nesse caso.

Resposta

θ = - 6,82 °   ( e s t á v e l )

θ = 207 °   ( i n s t á v e l )

Ver Outros Exercícios desse livro

Exercícios de Livros Relacionados

Na morsa acionada por um parafuso, um torque M aplicado à manopla do parafuso aperta a morsa aumentando a distância B D e, portanto, produzindo uma força de aperto C . O parafuso é rosqueado através d
Uma “caixa preta” contém uma série de cremalheiras e pinhões, engrenagens e outros elementos mecânicos internos interconectados, os quais transformam o movimento linear da haste A em um movimento line
A barra leve O C é articulada em O e balança no plano vertical. Quando θ = 0 , a mola de rigidez k não está alongada. Determine o ângulo de equilíbrio, correspondente a uma força vertical P aplicada à
Identifique quais dos itens de ( a ) até ( f ) são mais bem resolvidos ( A ) pelas equações de equilíbrio de força e momento e ( B ) por trabalho virtual. Descreva sucintamente o procedimento para cad
A figura mostra a seção transversal de um recipiente composto por uma casca hemisférica de raio r e uma casca cilíndrica de altura h , feitas do mesmo material. Especifique o limite de h para haver es